物理高考答案_2023年广东物理高考答案

1.2010年高考物理部分试题及答案

2.一道高考物理题：重点是C答案，能解释吗本题答案D！

分析：由题意可知，P1、P2的时间间隔为0.8秒，根据图b所示P1、P2的间隔的刻度值，即可求出图中每小格表示的时间；以及P1、n1和P2、n2之间间隔的刻度值．可以求出P1、n1和P2、n2之间的时间，即超声波由发出到接收所需要的时间．从而可以求出超声波前后两次从测速仪汽车所用的时间，结合声速，进而可以求出前后两次汽车到测速仪之间的距离．

解答：

解：本题首先要看懂B图中标尺所记录的时间每一小格相当于多少：

由于P1，P2 之间时间间隔为1.0s，标尺记录有30小格，故每小格为1/30s，

其次应看出汽车两次接收（并反射）超声波的时间间隔：P1发出后经12/30s接收到汽车反射的超声波，故在P1发出后经6/30s被车接收，

发出P1后，经1s发射P2，可知汽车接到P1后，经t1=1-(6/30)=24/30s发出P2，

而从发出P2到汽车接收到P2并反射所历时间为t2=4.5/30s，故汽车两次接收到超声波的时间间隔为t=t1+t2=28.5/30s，

求出汽车两次接收超声波的位置之间间隔：s=（6/30)-(4.5/30)）v声=（1.5/30）×340=17m，

故可算出v汽=s/t=17÷（28.5/30）=17.9m/s．

故答案为：（1）17，（2）17.9

2010年高考物理部分试题及答案

2008年（全国卷Ⅱ）理综（物理部分）解析

二、选择题（本题共8 小题。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分）

14.对一定量的气体，下列说法正确的是

A.气体的体积是所有气体分子的体积之和

B.气体分子的热运动越剧烈，气体温度就越高

C.气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的

D.当气体膨胀时，气体分子之间的势能减小，因而气体的内能减少

答案BC

15.一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃板另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离。在下列情况下，出射光线侧移距离最大的是

A.红光以30o的入射角入射

B.红光以45o的入射角入射

C.紫光以30o的入射角入射

D.紫光以45o的入射角入射

答案D

16.如图，一固定斜面上两个质量相同的小物块A和B紧挨着匀速下滑，A与B 的接触面光滑。已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2 倍，斜面倾角为 。B与斜面之间的动摩擦因数是

A. B. C. D.

答案A

17.一列简谐横波沿x 轴正方向传播，振幅为A。 时，平衡位置在 处的质元位于 处，且向y轴负方向运动；此时，平衡位置在 处的质元位于 处。该波的波长可能等于

A. 0.60 m B.0.20m C.0.12m D.0.086m

答案AC

18.如图，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和b。a球质量为m ，静置于地面；b球质量为3m , 用手托住，高度为h ，此时轻绳刚好拉紧。从静止开始释放b后,a可能达到的最大高度为

A.h B.1.5h

C.2h D.2.5h

答案B

19.一平行板电容器的两个极板水平放置，两极板间有一带电量不变的小油滴，油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比。若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降；若两极板间的电压为U ，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升。若两极板间电压为-U，油滴做匀速运动时速度的大小、方向将是

A.2v、向下 B.2v、向上 C. 3v 、向下 D.3v、向上

答案C

20.中子和质子结合成氘核时，质量亏损为 ，相应的能量 是氘核的结合能。下列说法正确的是

A.用能量小于2.2MeV 的光子照射静止氘核时,氘核不能分解为一个质子和一个中子

B.用能量等于2.2MeV 的光子照射静止氘核时,氘核可能分解为一个质子和一个中子，它们的动能之和为零

C.用能量大于2.2MeV的光子照射静止氘核时，氘核可能分解为一个质子和一个中子，它们的动能之和为零

D.用能量大于2.2 Mev的光子照射静止氘核时，氘核可能分解为一个质了和一个中子，它们的动能之和不为零

答案AD

21.如图，一个边长为l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场；一个边长也为l的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直；虚线框对角线ab与导线框的一条边垂直，ba的延长线平分导线框。在t=0时，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿ab方向移动，直到整个导线框离开磁场区域。以i表示导线框中感应电流的强度，取逆时针方向为正。下列表示i-t关系的图示中，可能正确的是

答案C

22.（18分）

(1)(5分)某同学用螺旋测微器测量一铜丝的直径，测微器的示数如图所示，该铜丝的直径为 mm。

答案4.953

(2)(13分)右图为一电学实验的实物连线图。该实验可用来测量待测电阻Rx的阻值（约500Ω）。图中两个电压表量程相同，内阻都很大。实验步骤如下：

① 调节电阻箱，使它的阻值R0与待测电阻的阻值接近；将滑动变阻器的滑动头调到最右端。

② 合上开关S。

③ 将滑动变阻器的滑动头向左端滑动，使两个电压表指针都有明显偏转。

④ 记下两个电压表 和 的读数U1和U2。

⑤ 多次改变滑动变阻器滑动头的位置，记下 和 的多组读数U1和U2。

⑥ 求Rx的平均值。

回答下列问题：

(Ⅰ)根据实物连线图在虚线框内画出实验的电路原理图，其中电阻箱的符号为 ，滑动变阻器的符号为 ，其余器材用通用的符号表示。

(Ⅱ)不计电压表内阻的影响，用U1、U2和R0表示Rx的公式为Rx= 。

（Ⅲ）考虑电压表内阻的影响，用U1、U2、R0、 的内阻r1、 的内阻r2式表示Rx的公式为Rx= 。

答案(Ⅰ) (Ⅱ)

（Ⅲ）

23.（15分） 如图，一质量为M 的物块静止在桌面边缘，桌面离水平地面的高度为h。一质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度v0/2射出。重力加速度为g。求

(1)此过程中系统损失的机械能；

(2)此后物块落地点离桌面边缘的水平距离。

答案(1) ；(2)

解析(1)设子弹穿过物块后物块的速度为V，由动量守恒得

①

解得 ②

系统的机械能损失为 ③

由②③式得 ④

(2)设物块下落到地面所需时间为t,落地点距桌面边缘的水平距离为s,则

⑤

⑥

由②⑤⑥式得 ⑦

24.(19分)如图，一直导体棒质量为m 、长为l、电阻为r，其两端放在位于水平面内间距也为l的光滑平行导轨上，并与之密接；棒左侧两导轨之间连接一可控制的负载电阻（图中未画出）；导轨置于匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨所在平面。开始时，给导体棒一个平行于导轨的初速度v0。在棒的运动速度由v0减小至v1的过程中，通过控制负载电阻的阻值使棒中的电流强度I保持恒定。导体棒一直在磁场中运动。若不计导轨电阻，求此过程中导体棒上感应电动势的平均值和负载电阻上消耗的平均功率。

答案 ；

解析导体棒所受的安培力为: ①

该力大小不变，棒做匀减速运动，因此在棒的速度从v0减小到v1的过程中，平均速度为: ②

当棒的速度为v时，感应电动势的大小为 ③

棒中的平均感应电动势为 ④

由②④式得 ⑤

导体棒中消耗的热功率为 ⑥

负载电阻上消耗的平均功率为 ⑦

由⑤⑥⑦式得

25.（20分）我国发射的“嫦娥一号”探月卫星沿近似于圆形的轨道绕月飞行。为了获得月球表面全貌的信息，让卫星轨道平面缓慢变化。卫星将获得的信息持续用微波信号发回地球。设地球和月球的质量分别为M和m，地球和月球的半径分别为R 和R1，月球绕地球的轨道半径和卫星绕月球的轨道半径分别为r和r1，月球绕地球转动的周期为T。假定在卫星绕月运行的一个周期内卫星轨道平面与地月连心线共面，求在该周期内卫星发射的微波信号因月球遮挡而不能到达地球的时间（用M、m 、R 、R1、r、r1和T 表示，忽略月球绕地球转动对遮挡时间的影响）。

解析如图,O和 分别表示地球和月球的中心。在卫星轨道平面上，A 是地月连心线 与地月球面的公切线ACD的交点，D 、C 和B分别是该公切线与地球表面、月球表面和卫星圆轨道的交点。根据对称性，过A 点在另一侧作地月球面的公切线，交卫星轨道于E 点。卫星在BE弧上运动时发出的信号被遮挡。

设探月卫星的质量为m0,万有引力常量为G,根据万有引力定律有

①

②

式中,T1是探月卫星绕月球转动的周期。由①②式得

③

设卫星的微波信号被遮挡的时间为t ，则由于卫星绕月做匀速圆周运动，应有

④

式中， 。由几何关系得

⑤

⑥

由③④⑤⑥式得

一道高考物理题：重点是C答案，能解释吗本题答案D！

二、选择题（本题共4小题。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）

14．原子核 经放射性衰变①变为原子核 ，继而经放射性衰变②变为原子核 ，再经放射性衰变③变为原子核 。放射性衰变 ①、②和③依次为

A．α衰变、β衰变和β衰变 B．β衰变、β衰变和α衰变

C．β衰变、α衰变和β衰变 D．α衰变、β衰变和α衰变

答案A

解析 ,质量数少4,电荷数少2,说明①为α衰变. ,质子数加1,说明②为β衰变,中子转化成质子. ,质子数加1,说明③为β衰变,中子转化成质子.

命题意图与考点定位主要考查根据原子核的衰变反应方程，应用质量数与电荷数的守恒分析解决。

15．如右图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为 、 。重力加速度大小为g。则有

A． ， B． ，

C． ， D． ，

答案C

解析在抽出木板的瞬时，弹簧对1的支持力和对2的压力并未改变。对1物体受重力和支持力，mg=F,a1=0. 对2物体受重力和压力，根据牛顿第二定律

命题意图与考点定位本题属于牛顿第二定律应用的瞬时加速度问题，关键是区分瞬时力与延时力。

16．关于静电场，下列结论普遍成立的是

A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关

B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低

C．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零[来源:KS5U.COM]

D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向

答案C

解析在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，A错误。电势差的大小决定于两点间距和电场强度，B错误；沿电场方向电势降低，而且速度最快，C正确；场强为零，电势不一定为零，如从带正电荷的导体球上将正电荷移动到另一带负电荷的导体球上，电场力做正功。

命题意图与考点定位考查静电场中电场强度和电势的特点，应该根据所学知识举例逐个排除。

17．某地的地磁场磁感应强度的竖直分量方向向下，大小为 T。一灵敏电压表连接在当地入海河段的两岸，河宽100m，该河段涨潮和落潮时有海水（视为导体）流过。设落潮时，海水自西向东流，流速为2m/s。下列说法正确的是

A．河北岸的电势较高 B．河南岸的电势较高[来源:]

C．电压表记录的电压为9mV D．电压表记录的电压为5mV

答案BD

解析海水在落潮时自西向东流，该过程可以理解为：自西向东运动的导体棒在切割竖直向下的磁场。根据右手定则，右岸即北岸是正极电势高，南岸电势低,D对C错。根据法拉第电磁感应定律 V, B对A错

命题意图与考点定位导体棒切割磁场的实际应用题。[来源:Ks5u.com]

18．一水平抛出的小球落到一倾角为 的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右图中虚线所示。小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为

A． B．

C． D．

答案D

解析如图平抛的末速度与竖直方向的夹角等于斜面倾角θ，根据有： 。则下落高度与水平射程之比为 ，D正确。

命题意图与考点定位平抛速度和位移的分解

19．右图为两分子系统的势能Ep与两分子间距离r的关系曲线。下列说法正确的是

A．当r大于r1时，分子间的作用力表现为引力

B．当r小于r1时，分子间的作用力表现为斥力

C．当r等于r2时，分子间的作用力为零

D．在r由r1变到r2的过程中，分子间的作用力做负功[来源:KS5U.COM

答案BC

解析分子间距等于r0时分子势能最小，即r0= r2。当r小于r1时分子力表现为斥力；当r大于r1小于r2时分子力表现为斥力；当r大于r2时分子力表现为引力，A错BC对。在r由r1变到r2的过程中，分子斥力做正功分子势能减小，D错误。[来源:KS5U.COM]

命题意图与考点定位分子间距于分子力、分子势能的关系

20．某人手持边长为6cm的正方形平面镜测量身后一棵树的高度。测量时保持镜面与地面垂直，镜子与眼睛的距离为0.4m。在某位置时，他在镜中恰好能够看到整棵树的像；然后他向前走了6.0 m，发现用这个镜子长度的5/6就能看到整棵树的像，这棵树的高度约为[来

A．5.5m B．5.0m C．4.5m D．4.0m

答案B

解析如图是恰好看到树时的反射光路，由图中的三角形可得

，即 。人离树越远，视野越大，看到树所需镜面越小，同理有 ，以上两式解得L=29.6m，H=4.5m。[来

命题意图与考点定位平面镜的反射成像，能够正确转化为三角形求解

21．一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点。 时刻振子的位移 ； 时刻 ； 时刻 。该振子的振幅和周期可能为

A．0. 1 m， B．0.1 m, 8s C．0.2 m， D．0.2 m，8s

答案AD

解析在t= s和t=4s两时刻振子的位移相同，第一种情况是此时间差是周期的整数倍 ，当n=1时 s。在 s的半个周期内振子的位移由负的最大变为正的最大，所以振幅是0.1m。A正确。

第二种情况是此时间差不是周期的整数倍则 ，当n=0时 s，且由于 是 的二倍说明振幅是该位移的二倍为0.2m。如图答案D。

命题意图与考点定位振动的周期性引起的位移周期性变化。[来源:KS5U.COM]

22．（18分）[来源:Ks5u.com]

图1是利用激光测转的原理示意图，图中圆盘可绕固定轴转动，盘边缘侧面上有一小段涂有很薄的反光材料。当盘转到某一位置时，接收器可以接收到反光涂层所反射的激光束，并将所收到的光信号转变成电信号，在示波器显示屏上显示出来（如图2所示）。

（1）若图2中示波器显示屏横向的每大格（5小格）对应的时间为5.00×10-2 s ，则圆盘的转速为__________________转/s。（保留3位有效数字）

（2）若测得圆盘直径为10.20 cm，则可求得圆盘侧面反光涂层的长度为 ________ cm。（保留3位有效数字）

答案⑴4.55转 /s ⑵2.91cm

解析⑴从图2可知圆盘转一圈的时间在横坐标上显示22格，由题意知图2中横坐标上每格表示1.00×10-2s，所以圆盘转动的周期是0.22s，则转速为4.55转 /s

⑵反光引起的电流图像在图2中横坐标上每次一格，说明反光涂层的长度占圆盘周长的22分之一为 cm。

命题意图与考点定位匀速圆周运动的周期与转速的关系,以及对传感器所得图像的识图。

23．（16分）

一电流表的量程标定不准确，某同学利用图1所示电路测量该电流表的实际量程 。

所用器材有：量程不准的电流表 ，内阻 =10.0 ，量程标称为5.0mA；标准电流表 ，内阻 =45.0 ，量程1.0mA；标准电阻 ，阻值10.0 ；滑动变阻器R，总电阻为300.0 ；电源E，电动势3. 0V，内阻不计；保护电阻 ；开关S；导线。

回答下列问题：

（1）在答题卡上（图2所示）的实物图上画出连线。

（2）开关S闭合前，滑动变阻器的滑动端c应滑动至 端。

（3）开关S闭合后，调节滑动变阻器的滑动端，使电流表 满偏；若此时电流表 的读数为 ，则 的量程 = 。

（4）若测量时， 未调到满偏，两电流表的示数如图3所示，从图中读出 的示数 = ， 的示数 = ；由读出的数据计算得 = 。（保留3位有效数字）

（5）写出一条提高测量准确度的建议： 。[来源:KS5U.COM][来源:Ks5u.com]

答案⑴连线如图

⑵阻值最大

⑶

（5）多次测量取平均

解析⑴连线如图

⑵在滑动变阻器的限流接法中在接通开关前需要将滑动触头滑动到阻值最大端[来源:Ks5u.com]

⑶闭合开关调节滑动变阻器使待测表满偏，流过的电流为Im。根据并联电路电压相等有 得 [来源:KS5U.COM]

⑷待测表未满偏有 ，将A2的示数0.66mA和其他已知条件代入有

Ma

但图中A1的示数3.0mA量程为5.0mA，根据电流表的刻度是均匀的，则准确量程为6.05mA

⑸多次测量取平均

24．（15分）

汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0 ~60s内汽车的加速度随时间变化的图线如右图所示。

⑴画出汽车在0~60s内的v-t图线；

⑵求在这60s内汽车行驶的路程。

答案⑴速度图像为右图。

⑵900m

解析由加速度图像可知前10s汽车匀加速，后20s汽车匀减速恰好停止，因为图像的面积表示速度的变化，此两段的面积相等。最大速度为20m/s。所以速度图像为右图。然后利用速度图像的面积求出位移。

⑵汽车运动的面积为匀加速、匀速、匀减速三段的位移之和。

m

25．（18分）

如右图，质量分别为m和M的两个星球A和B在引力作用下都绕O点做匀速周运动，星球A和B两者中心之间距离为L。已知A、B的中心和O三点始终共线，A和B分别在O的两侧。引力常数为G。

⑴ 求两星球做圆周运动的周期。

⑵ 在地月系统中，若忽略其它星球的影响，可以将月球和地球看成上述星球A和B，月球绕其轨道中心运行为的周期记为T1。但在近似处理问题时，常常认为月球是绕地心做圆周运动的，这样算得的运行周期T2。已知地球和月球的质量分别为5.98×1024kg 和 7.35 ×1022kg 。求T2与T1两者平方之比。（结果保留3位小数）

答案⑴ ⑵1.01

解析 ⑴A和B绕O做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供向心力，则A和B的向心力相等。且A和B和O始终共线，说明A和B有相同的角速度和周期。因此有

， ，连立解得 ，

对A根据牛顿第二定律和万有引力定律得 [来源:KS5U.COM]

化简得

⑵将地月看成双星，由⑴得

将月球看作绕地心做圆周运动，根据牛顿第二定律和万有引力定律得

化简得

所以两种周期的平方比值为

26．（21分）

如下图，在 区域内存在与xy平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B.在t=0时刻，一位于坐标原点的粒子源在xy平面内发射出大量同种带电粒子，所有粒子的初速度大小相同，方向与y轴正方向的夹角分布在0～180°范围内。已知沿y轴正方向发射的粒子在 时刻刚好从磁场边界上 点离开磁场。求：

⑴ 粒子在磁场中做圆周运动的半径R及粒子的比荷q／m;[来源:]

⑵ 此时刻仍在磁场中的粒子的初速度方向与y轴正方向夹角的取值范围；[来源:KS5U.COM]

⑶ 从粒子发射到全部粒子离开磁场所用的时间。

答案⑴

⑵速度与y轴的正方向的夹角范围是60°到120°[来源:]

⑶从粒子发射到全部离开所用 时间 为

解析 ⑴粒子沿y轴的正方向进入磁场，从P点经过做OP的垂直平分线与x轴的交点为圆心，根据直角三角形有

解得

，则粒子做圆周运动的的圆心角为120°，周期为 [来源:KS5U.COM]

粒子做圆周运动的向心力由洛仑兹力提供，根据牛顿第二定律得

， ，化简得

⑵仍在磁场中的粒子其圆心角一定大于120°，这样粒子角度最小时从磁场右边界穿出；角度最大时从磁场左边界穿出。

角度最小时从磁场右边界穿出圆心角120°，所经过圆弧的弦与⑴中相等穿出点如图，根据弦与半径、x轴的夹角都是30°，所以此时速度与y轴的正方向的夹角是60°。

角度最大时从磁场左边界穿出，半径与y轴的的夹角是60°，则此时速度与y轴的正方向的夹角是120°。

所以速度与y轴的正方向的夹角范围是60°到120°

⑶在磁场中运动时间最长的粒子的轨迹应该与磁场的右边界相切，在三角形中两个相等的腰为 ，而它的高是

，半径与y轴的的夹角是30°，这种粒子的圆心角是240°。所用 时间 为 。

所以从粒子发射到全部离开所用 时间 为 。

如果有必要 我发原件你···

给你分析一下物理过程

①m和M向两边运动动能增加，同时弹簧也被拉伸，弹性势能增加。（A排除）

②当弹簧的拉力等于F1和F2时，m和M分别的合力零，我们称此时为平衡位置，所以此时为速度最大，即m和M的动能最大（选D)

③之后弹簧拉力增大，开始减速，一直减速到0。此时m和M的动能为零。所以m和M的动能是不断变化的（B排除）

④接下来m和M加速向中间运动，经过平衡位置后减速，一直到零。然后在F1F2的拉力下再向外运动

后边的过程就是②③④的不断循环，这就是一个简谐振动（平衡位置在合力为零处）。这个过程机械能是不变的。只有①阶段机械能在增加（C排除）

你可能迷惑于②③④过程为什么系统机械能守恒，明明有的时候物体向外运动（F应做正功），有的时候向内运动（F应做负功）。这个时候你考虑的是“系统”的机械能，所以不是看单个物体的运动，而看系统的，即m和M和弹簧一起看做整体。其实在这个过程中这个整体的质心是不动的，所以F1和F2对系统做功也就为零了